Discussion :

[Shivas]

Bonjour,

J'ai besoin de votre aide concernant l'affichage de mes images provenant d'une base de donnée et généré à partir d'un requête sql. Le problème que je rencontre c'est que mes images ne s'affichent pas dans mon slide.

Code :

Sélectionner tout - Visualiser dans une fenêtre à part

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<SCRIPT>
thisImg = 1
imgCt = <?php ECHO $nbr_afficher;?>
function newSlide(direction) {
if (document.images) {
thisImg = thisImg + direction
if (thisImg < 1) { thisImg = imgCt }
if (thisImg > imgCt) { thisImg=1 }
document.slider.src = thisImg}
}
</SCRIPT>
 
<?php
$sql = 'SELECT count(*) AS nbr FROM recette where note="5" OR note="4" AND image != ""'; 
$result = mysql_query($sql)  or die ('Erreur : '.mysql_error() );
$row = mysql_result($result,0);
$nbr_afficher = $row['nbr'];
 
$recette = mysql_query ('select * from recette where note="5" OR note="4" AND image != "" ');
 
$arrayJs = "var slideimages = new Array(" ;
 
while($tab = mysql_fetch_array($recette))
     {
 
      $photo = $tab['image'] ;
      $arrayJs .= "'.$photo'" ;
 
     }
$arrayJs .= ") ;" ;
 
 
 
echo $arrayJs ;
 
?>
 
 
<TABLE BORDER=0 BGCOLOR="#FFFFFF" CELLSPACING=0 CELLPADDING=0>
<TR>
<TD WIDTH=700 HEIGHT=500>
<P>
 
<A HREF="javascript:newSlide(-1)"><IMG SRC="images/precedent.png" WIDTH=20 HEIGHT=20 ALIGN=bottom></A>
 
 <IMG SRC="<?php echo $arrayJs;?>" WIDTH=140 HEIGHT=80 BORDER=0 ALIGN=middle name=slider>
 
<A HREF="javascript:newSlide(1)"><IMG SRC="images/suivant.png" WIDTH=20 HEIGHT=20 ALIGN=bottom></A></P>
</TD>
</TR>
</TABLE>

Ma variable $arrayJs affiche : var slideimages = new Array('.F:\EasyPHP-5.3.3\www\IMAGES\recette\maki.jpg') ;

Merci pour votre aide.

[sabotage]

C'est normal qu'il y ait un point devant le chemin ?

[Shivas]

Bonne remarque, je l'ai retirer de mon code mais pas de changement

[Fabllot]

Bonjour,

1. Le tableau javascript créé qui n'est pas correct...
Il me semble que ton code va donner ceci:

Code :

Sélectionner tout - Visualiser dans une fenêtre à part

var slideimages = new Array('image1.png''image2.png''image3.png') ;

au lieu de

Code :

Sélectionner tout - Visualiser dans une fenêtre à part

var slideimages = new Array('image1.png', 'image2.png', 'image3.png') ;

2. Je pense qu'il te manque quelques ";" dans ton code javascript...

3. Préfère la balise <script type="text/javascript"> à <script>

[sabotage]

Ca pourrait donner ça :

Code :

Sélectionner tout - Visualiser dans une fenêtre à part

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while($tab = mysql_fetch_array($recette))
     {
      $photo[] = $tab['image'] ;
     }
$arrayJs = "var slideimages = new Array(" . implode(",", $photo) . ")";

[Shivas]

En ce qui concerne l'affichage j'ai bien la synthaxe image1, image2. Pour faciliter la compréhension j'ai deja essayé d'afficher qu'une image. Sinon j'utilise le code suivant pas super mais pas trouvé autre chose

Code :

Sélectionner tout - Visualiser dans une fenêtre à part

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if($i == 0)
          {
           $arrayJs .= "'$photo'" ;
          }
     else
          {
          $arrayJs .= ", '$photo'" ;
          }
     $i++ ;
     }

ma variable m'affiche

Code :

Sélectionner tout - Visualiser dans une fenêtre à part

var slideimages = new Array('F:\EasyPHP-5.3.3\www\IMAGES\recette\maki.jpg', 'F:\EasyPHP-5.3.3\www\IMAGES\recette\slide2.jpg') ;

J'ai modifier script par

Code :

Sélectionner tout - Visualiser dans une fenêtre à part

<script language="text/JavaScript">

[Shivas]

J'arrive à afficher une image mais pas les suivantes je vous remet le code que j'ai modifié

Code :

Sélectionner tout - Visualiser dans une fenêtre à part

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<?php
$sql = 'SELECT count(*) AS nbr FROM recette where note="5" OR note="4" AND image != ""'; 
$result = mysql_query($sql)  or die ('Erreur : '.mysql_error() );
$row = mysql_result($result,0);
$nbr_afficher = $row['nbr'];
 
$recette = mysql_query ('select * from recette where note="5" OR note="4" AND image != "" ');
 
 
 
 while($tab = mysql_fetch_array($recette))
     {
      $photo[] = $tab['image'] ;
     }
$arrayJs = "var slideimages = new Array(" . implode(",", $photo) . ")";
 
 
?>
<script type="text/javascript"> 
thisImg = 1
imgCt = <?php ECHO $nbr_afficher;?>
function newSlide(direction) {
if (document.images) {
thisImg = thisImg + direction
if (thisImg < 1) { thisImg = imgCt }
if (thisImg > imgCt) { thisImg=1 }
document.slider.src = thisImg}
}
</SCRIPT>
 
<TABLE BORDER=0 BGCOLOR="#FFFFFF" CELLSPACING=0 CELLPADDING=0>
<TR>
<TD WIDTH=700 HEIGHT=500>
<P><?php
for ($i=1; $i<=$nbr_afficher; $i++){?>
<A HREF="javascript:newSlide(-1)"><IMG SRC="images/fleches/flecheg_04.png" WIDTH=20 HEIGHT=20 ALIGN=bottom></A>
 
 <IMG SRC="<?php echo $photo[$i];?>" WIDTH=140 HEIGHT=80 BORDER=0 ALIGN=middle name=slider>
<?php }?>
<A HREF="javascript:newSlide(1)"><IMG SRC="images/fleches/flecheg_02.png" border=0 ALIGN=bottom></A></P>
</TD>
</TR>
</TABLE>

[gene69]

de toute façon il est normal qu'un serveur web ne serve pas un contenu dont l'url est "F:\EasyPHP-5.3.3\www\IMAGES\recette\maki.jpg"
il faut au moins que l'url soit http://localhost/IMAGES/recette/maki.jpg

autre chose si ta plateforme cible n'est pas windows, soit attentif à la case, sinon ça marchera pas.